摘要:写这个系列是因为纪念一下去年的今天,就是年的月号,刷题第一天,今天是一周年纪念日。排除,就是返回一空的。复杂度分析算法课讲过,这个复杂度是指数次,能实现出来就行了,没法优化。复杂度分析不分析了,反正指数次。
Subsets
写这个系列是因为纪念一下去年的今天,就是2015年的9月14号,刷题第一天,今天是一周年纪念日。当时只敢做easy还得抄答案的我想啥时候能做上medium啊,事到如今,感觉都不是啥障碍了,这道题也已经做了第四遍了,抽出来的DFS递归模板放在这里总结一下。
这题内容就是就是给个数组,里面的数字都是独一无二的,把它所有的子集都输出出来。
题目中给了个例子,比如[1,2,3],第一次抽出1,然后在1的基础上加2,再加3。加完之后再往回返,去掉3,再去掉2,发现可以加3,形成[1,3],再到2,以此类推。
思路很容易,但是写的时候需要用到递归的手法,这个还是需要点儿思维过程的,推荐用IDE的debug功能一步一步走走看。
public class Subsets { public List复杂度分析> subsets(int[] nums) { //先把输出的东西摆上去。 List
> result = new ArrayList<>(); //排除corner case,就是返回一空的。 if(nums == null || nums.length == 0) return result; //这个就是用来搜集每个子集的。 List
list = new ArrayList<>(); dfs(result, list, 0, nums); return result; } public void dfs(List > result, List
list, int start, int[] nums){ //先把当前的子集加上,这里添加的语法我命名为『照相法』 result.add(new ArrayList<>(list)); //注意这里要从start位置开始循环,否则就是stackoverflow for(int i = start; i < nums.length; i++){ //添加start位置的数字 list.add(nums[i]); //开始递归,比如把1加上去之后,就稳住1,找后面比如2. dfs(result, list, i+1, nums); //backtrack,就是把之前加上的去掉,相当于往回走,比如之前加到1,2,3 //就把3去掉,然后再找。 list.remove(list.size()-1); } } }
算法课讲过,这个复杂度是指数次,能实现出来就行了,没法优化。
最后再说两句这题就是模板,DFS的模板,就是一个容器来回抓,容器的容器每次把这个容器记录下来。还有递归的debug就是人工模仿IDE,一步一步走。
Subsets II稍有不同,就是数组里面的数字可能有重复,同时要求子集输出不能用重复的元素,一个非常典型的follow up。
解决思路重点在于判断重复数字,把重复的情况跳过去。模板还是一样的。
codepublic class SubsetsII { public List复杂度分析> subsetsWithDup(int[] nums) { List
> result = new ArrayList<>(); if(nums == null || nums.length == 0) return result; //这里就需要排序了,给以后跳过重复数字埋下伏笔 Arrays.sort(nums); //剩下都是一样的 List
list = new ArrayList<>(); dfs(result, list, 0, nums); return result; } public void dfs(List > result, List
list, int start, int[] nums){ result.add(new ArrayList<>(list)); for(int i = start; i < nums.length; i++){ //关键就在这一句,每次循环起始的数字不能和之前重复。 if(i > start && nums[i] == nums[i-1]) continue; list.add(nums[i]); dfs(result, list, i+1, nums); list.remove(list.size()-1); } } }
不分析了,反正指数次。
最后再说两句这里注意用好模板,循环的时候把起始的start写成了0,直接就爆了。
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