摘要:而根可以选择从到的任意的数,唯一二叉树的总数,就是根为到的树相加。所以该问题化简为以为根,其唯一左子树和右子树各有多少,这就是个动态规划的问题了。
Unique Binary Search Trees I && II 解法请见:https://yanjia.li/zh/2019/02/...
动态规划 复杂度Given n, how many structurally unique BST"s (binary search trees) that store values 1...n?
For example, Given n = 3, there are a total of 5 unique BST"s.
1 3 3 2 1 / / / 3 2 1 1 3 2 / / 2 1 2 3
时间 O(N!) 空间 O(N)
思路二叉搜索树有个性质,就是左边的数都比根小,右边的数都比根大。另外,题目说明二叉树的节点是从1到n,所以我们能确定如果根为k,则根左边的数是1到k-1,根右边的数是k+1到n。还有一点技巧是,对于通过一个根来说,唯一二叉树的数量是其左子树的数量乘以右子树的数量,这是简单的乘法原理。并且,左右子树的形态数量是跟具体的数无关的,只跟这个树里有多少节点有关。而根可以选择从1到n的任意的数,唯一二叉树的总数,就是根为1到n的树相加。所以该问题化简为以k为根,其唯一左子树和右子树各有多少,这就是个动态规划的问题了。我们建立一个数组dp[i],代表节点数为i的唯一子树有多少个。显然dp[0]=dp[1]=1。
代码public class Solution { public int numTrees(int n) { int[] dp = new int[n + 1]; dp[0] = dp[1] = 1; //从节点数2开始计算到节点数为n的BST for(int i = 2; i < n + 1; i++){ //计算根是第一个数的BST数量,直到根是最后一个数的BST数量,这里j可以理解为根左边的节点数 for(int j = 0; j < i; j++){ //有n的节点的BST一共有 G(n)=F(1,n-1)+F(2,n-1)+...+F(n-1,n-1)个 //以i为根总共n个节点的BST有 F(i,n)=G(i-1)*G(i+1->n)个 //BST形态数量之和一共有多少个节点有关 G(i+1->n)=G(n-i) //所以G(n)= G(0)*G(n-1)+G(1)*G(n-2)+... dp[i] += dp[j] * dp[i - j - 1]; } } return dp[n]; } }
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